[백준] 7569 BFS 3차원 토마토 / 파이썬 풀이

https://www.acmicpc.net/problem/7569

7569번: 토마토

문제

철수의 토마토 농장에서는 토마토를 보관하는 큰 창고를 가지고 있다. 토마토는 아래의 그림과 같이 격자모양 상자의 칸에 하나씩 넣은 다음, 상자들을 수직으로 쌓아 올려서 창고에 보관한다.

 

창고에 보관되는 토마토들 중에는 잘 익은 것도 있지만, 아직 익지 않은 토마토들도 있을 수 있다. 보관 후 하루가 지나면, 익은 토마토들의 인접한 곳에 있는 익지 않은 토마토들은 익은 토마토의 영향을 받아 익게 된다. 하나의 토마토에 인접한 곳은 위, 아래, 왼쪽, 오른쪽, 앞, 뒤 여섯 방향에 있는 토마토를 의미한다. 대각선 방향에 있는 토마토들에게는 영향을 주지 못하며, 토마토가 혼자 저절로 익는 경우는 없다고 가정한다. 철수는 창고에 보관된 토마토들이 며칠이 지나면 다 익게 되는지 그 최소 일수를 알고 싶어 한다.

토마토를 창고에 보관하는 격자모양의 상자들의 크기와 익은 토마토들과 익지 않은 토마토들의 정보가 주어졌을 때, 며칠이 지나면 토마토들이 모두 익는지, 그 최소 일수를 구하는 프로그램을 작성하라. 단, 상자의 일부 칸에는 토마토가 들어있지 않을 수도 있다.

입력

첫 줄에는 상자의 크기를 나타내는 두 정수 M,N과 쌓아올려지는 상자의 수를 나타내는 H가 주어진다. M은 상자의 가로 칸의 수, N은 상자의 세로 칸의 수를 나타낸다. 단, 2 ≤ M ≤ 100, 2 ≤ N ≤ 100, 1 ≤ H ≤ 100 이다. 둘째 줄부터는 가장 밑의 상자부터 가장 위의 상자까지에 저장된 토마토들의 정보가 주어진다. 즉, 둘째 줄부터 N개의 줄에는 하나의 상자에 담긴 토마토의 정보가 주어진다. 각 줄에는 상자 가로줄에 들어있는 토마토들의 상태가 M개의 정수로 주어진다. 정수 1은 익은 토마토, 정수 0 은 익지 않은 토마토, 정수 -1은 토마토가 들어있지 않은 칸을 나타낸다. 이러한 N개의 줄이 H번 반복하여 주어진다.

토마토가 하나 이상 있는 경우만 입력으로 주어진다.

출력

여러분은 토마토가 모두 익을 때까지 최소 며칠이 걸리는지를 계산해서 출력해야 한다. 만약, 저장될 때부터 모든 토마토가 익어있는 상태이면 0을 출력해야 하고, 토마토가 모두 익지는 못하는 상황이면 -1을 출력해야 한다.

예제 입력 1 복사

5 3 1
0 -1 0 0 0
-1 -1 0 1 1
0 0 0 1 1

예제 출력 1 복사

-1

예제 입력 2 복사

5 3 2
0 0 0 0 0
0 0 0 0 0
0 0 0 0 0
0 0 0 0 0
0 0 1 0 0
0 0 0 0 0

예제 출력 2 복사

4

예제 입력 3 복사

4 3 2
1 1 1 1
1 1 1 1
1 1 1 1
1 1 1 1
-1 -1 -1 -1
1 1 1 -1

예제 출력 3 복사

0

문제를 딱 보고

설마 삼차원 배열을 쓰라는 건가,,너무 오랜만에 보는데 싶었다

파이썬 공부를 한지도 얼마 안 돼서

3차원 배열 선언하는 법 솔직히 잘 모르겠어서 인터넷 찾아봤다

기억하자 .... 

N번에 대해서 입력받고

크게 H회에 대해서 반복문 순회하면 된다

graph = [[list(map(int,sys.stdin.readline().split())) for _ in range(N)] for _ in range(H)]

그거 빼곤 [z][x][y] 로 인덱스 설정하니 5분컷

import sys
# sys.stdin.readline()
from collections import deque
sys.setrecursionlimit(100000000)
import heapq
INF = int(1e9)
def bfs():
      dx = [0,0,1,-1,0,0]
      dy = [-1,1,0,0,0,0]
      dz = [0,0,0,0,1,-1]
      index = 0
      queue = deque()
      for i in range(H):
            for j in range(N):
                  for k in range(M):
                   if graph[i][j][k] == 1:
                        queue.append((i,j,k))
    # 일단 1인 곳부터 탐색 시작
      while queue:
            v3,v1,v2 = queue.popleft()
            for i in range(6):
                  nx = v1 + dx[i]
                  ny = v2 + dy[i]
                  nz = v3 + dz[i]
                  if nx < 0 or ny < 0 or nz<0 or nx>=N or ny>=M or nz>=H:
                        continue
                  if graph[nz][nx][ny] == 0:
                    graph[nz][nx][ny] = graph[v3][v1][v2] + 1
                    index = graph[nz][nx][ny]
                    queue.append((nz,nx,ny))
      return index  

M,N,H = map(int,sys.stdin.readline().split())
graph = [[list(map(int,sys.stdin.readline().split())) for _ in range(N)] for _ in range(H)]

flag = 1
for i in range(H):
     for j in range(N):
            for k in range(M):
             if graph[i][j][k] == 0:
                flag = 0   # 0이 하나라도 존재한다면 익지 않은 토마토가 존재 한다는 것이다   

count = 0
for i in range(H):
      for j in range(N):
       for k in range(M):
            if graph[i][j][k] == 0:
                  count +=1
if count == 0:
      flag = 1 # 0이 하나도 없었다면 이미 다 익었거나 익을 수 없는 것들만 존재한다는 뜻이니까!
if flag == 1:
    print(0) # 모든 토마토가 시작부터 익어있던 경우는 예외처리를 해준다 // 0으로 따로 출력(문제 조건)

noexist = 0 # BFS 시행 이후 과연 다 익을 수 있는지 없는지를 검사 
temp = bfs() # 일단 BFS를 통해 숫자를 받아둔다 (이를 통해 그래프는 다 바뀌어있음)
for i in range(H):
     for j in range(N):
       for k in range(M):
            if graph[i][j][k] ==0: # 여기서 0이 나왔다는건 끝까지 돌려도 익을 수 없음.
                noexist = 1
# BFS를 수행 후에도 0이 존재한다면, 그건 끝까지 익을 수 없다는 것을 의미하므로
if noexist == 1:
      print(-1) # 모두 익지 못해서 -1을 출력해주고
elif noexist == 0:
      if temp!=0: # 2 2 / 1 1, 1 1예시 넣어보니까 이 조건이 없으면 0이랑 -1이 동시에 출력되는 오류 발견함
       print(temp-1) # 처음을 1로 설정해줬으므로 ..
   
# 만약 시작부터 다 익어있으면 (존재하지 않는 부분을 제외하고) flag값이 1 / 이 경우엔 0을 출력
# 그게 아니라면(flag == 0) 일반적인 문제풀이 시작

인덱스를 [z][x][y]로 통일시켜주는게 중요!

그래서 반복문도 H,N,M 순서로 돌려줘야 맞음(여기서 삑사리 몇번 났다)